Wilson-tétel

Sablon:Lektor Sablon:Nincs forrás A Wilson-tétel a következőt állítja: ha p prímszám, akkor

$(p-1)!\equiv -1(\text{mod}p)$.

Összetett számra ez nem teljesülhet, mivel, ha n>1 összetett, akkor n-nek és (n-1)!-nak van közös osztója, sőt, minden 4-nél nagyobb n összetett számra

$(n-1)!\equiv 0(\text{mod}n)$.

Így ez a tétel elméletben használható lenne prímtesztnek, de gyakorlatilag $n-2$ szorzás elvégzésével jár, így a tipikusan legalább pár száz jegyből álló számoknál nem praktikus.

Az angol John Wilson, Edward Waring tanítványa fedezte fel. Waring 1770-ben bejelentette a tételt, de bizonyítani nem tudta. Lagrange adta az első bizonyítást 1773-ban. Minden jel szerint már Leibniz ismerte a tételt, de nem publikálta.

A tételt úgy is általánosíthatjuk tetszőleges modulusra, hogy a redukált maradékosztályok szorzatát vizsgáljuk: ilyenkor a szorzat -1 maradékot ad a modulusra nézve, ha az 4, egy páratlan prímhatvány, vagy egy páratlan prímhatvány kétszerese; minden más esetben a keresett maradék értéke 1.

Bizonyításai

1. bizonyítás

Feltesszük, hogy p>2. Minden x redukált maradékosztályhoz van egy és csak egy y redukált maradékosztály, hogy xy≡ 1 mod p. Ezzel párokra osztom a redukált maradékosztályokat, csak akkor van baj, amikor egy maradékosztály önmagának a párja, azaz x²≡ 1 mod p. Tehát a redukált maradékrendszert fel tudom bontani a következőképpen: 1,-1, és párok, amiknek a szorzata az 1 maradékot adja. Ezeket összeszorozva a -1 maradékot kapjuk.

2. bizonyítás

Feltehetjük, hogy p>2. A modulo p test fölött vegyük a következő polinomot:

$x^{p-1}-1-(x-1)\cdots (x-p+1).$

Ez a kis Fermat-tétel miatt 0 az 1,…,p-1 maradékosztályok mindegyikére, viszont fokszáma legfeljebb p-2, mert a két x^p-1-s tag kiejti egymást. Test feletti polinomok között csak az azonosan 0 polinomnak lehet több gyöke, mint a fokszáma, ez tehát az azonosan 0 polinom. Tehát konstans tagja is nulla, ami (mivel p páratlan) $-1-(p-1)!$.

3. bizonyítás

Tegyük fel, hogy p>2. Legyen $g$ primitív gyök modulo p (ismert, hogy ilyen létezik). Ekkor $(p-1)!\equiv \prod _{k=1}^{p-1}{g}^k(\mathrm{mod}p)$ , hiszen $g$-nek p-1 egymásutáni hatványa redukált maradékrendszert alkot modulo p. Így $(p-1)!\equiv \prod _{k=1}^{p-1}{g}^k=g^{\frac{p(p-1)}{2}}\equiv g^{\frac{p-1}{2}}\equiv -1(\mathrm{mod}p)$, itt használtam, hogy p páratlan prím, továbbá, hogy $g^{\frac{p-1}{2}}\equiv -1(\mathrm{mod}p)$, mert 1 nem lehet, mert g primitív gyök, de négyzete $1(\mathrm{mod}p)$ a kis Fermat-tétel miatt, így csak $-1$ lehet.

A tétel általánosítása

Gauss általánosította a tételt a következő módon. Legyen Π(n) a modulo n redukált maradékrendszer elemeinek szorzata, ekkor Π(n) ≡ -1 mod n, ha n=4, páratlan prímhatvány, vagy páratlan prímhatvány kétszerese, a többi esetben Π(n) ≡ 1 mod n.

Az általánosítás bizonyítása természetes módon átvihető az előbbi 1. bizonyításból:

Világos, hogy minden redukált x maradékosztályhoz pontosan egy olyan y redukált maradékosztály van, amelyre xy ≡ 1 (mod n). Lesznek olyan x maradékosztályok, melyekre x és y különbözik egymástól, ezek a maradékosztályok tehát olyan párokba rendezhetők, melyeknek szorzata modulo n éppen 1 lesz. Vagyis az összes ilyen maradékosztály szorzata is 1-et ad modulo n.

Itt azokat a maradékosztályokat hagytuk ki, melyekre x=y, vagyis x² ≡ 1 mod n. Ezeknél a maradékosztályoknál párosítsuk össze az x és n-x maradékosztályokat (ezek különbözők, hisz n>2), ez azért hasznos számunkra, mert x(n-x) ≡ -x² ≡ -1 mod n. Már csak az a feladat, hogy számoljuk össze ezen maradékosztályokat.

Írjuk fel n prímfelbontását: legyen $n=p_1^{{\alpha }_1}\dots p_k^{{\alpha }_k}$. Ekkor a kínai maradéktétel szerint x² ≡ 1 mod n ekvivalens azzal, hogy $x^2\equiv 1mod{p}_i^{{\alpha }_i}$ teljesül minden i=1,...,k-ra. Ez pontosan kétféle lehetőséget ad x maradékára modulo $p_i^{{\alpha }_i}$, ha $p_i\ge 3$, hiszen a kongruencia ekvivalens a $p_i^{{\alpha }_i}|x^2-1=(x+1)(x-1)$ oszthatósággal, ahol a két tényező közül legfeljebb egy lehet $p_i$-vel osztható, vagyis a kongruencia két megoldása $x\equiv \pm 1mod{p}_i^{{\alpha }_i}$. Modulo egy kettőhatvány kicsit más a helyzet: ha $2^{\alpha }|(x+1)(x-1)$, akkor mindkét tényező páros lesz: egyik 4-gyel osztható, a másik nem. Az $\alpha =1,2$ esetekben rendre 1 és 2 megoldása van a kongruenciának, ám $\alpha \ge 3$-ra már 4 megoldása van a kongruenciának modulo $2^{\alpha }$, hiszen csak $2^{\alpha -1}|x\pm 1$-nek kell fennállnia.

Ha az x² ≡ 1 mod n kongruencia megoldásszáma 4-gyel osztható, akkor páros sok $x\leftrightarrow n-x$ pár jön létre, így a redukált maradékrendszer elemeinek szorzata 1 lesz, ha pedig nem, akkor -1 a szorzat. A megoldásszámot pedig megkaphatjuk, ha összeszorozzuk minden i=1,...,k-ra az $x^2\equiv 1mod{p}_i^{{\alpha }_i}$ megoldásszámát, hisz az modulo az egyes prímhatványok egymástól függetlenül választhatjuk meg x maradékát. Ebből leolvasható, hogy a szorzat 1, ha legalább két 2-nél nagyobb prímtényezője van n-nek, illetve ha osztható 4-gyel és 4-nél nagyobb, továbbá ha nem osztható 4-gyel és legfeljebb egy 2-nél nagyobb prímtényezője van, vagy ha n=4, akkor a szorzat -1 lesz: ezt akartuk belátni.